Soluzioni Giochi di Archimede 2015 Fase Istituto GARA BIENNIO
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- Floriano Franco
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1 Soluzioni Giochi di Archimede 05 Fase Istituto GARA BIENNIO. Nel paese Gnallucci circolano quattro monete: dobloni, zecchini, talleri e fufignezi. Un doblone vale quanto uno zecchino più un tallero e un fufignezo. Due dobloni valgono quanto uno zecchino più tre talleri e cinque fufignezi. Un tale entra in un negozio con uno zecchino e ne esce con un tallero. In fufignezi, quanto ha pagato? π΄, π΅, πΆ, π·, πΈ 5. Sol.. Chiamiamo D=valore di un doblone, Z=valore di uno zecchino, T=valore di un tallero, F=valore di un fufignezo. Dal testo ricaviamo che: π· =π+π+πΉ quindi, moltiplicando tutti i termini della prima equazione per, si ha: π· = π + π + 5πΉ π· = π + π + πΉ e, sottraendo membro a membro, si ha 0 = π π πΉ π π = πΉ. π· = π + π + 5πΉ Dunque il tale che è entrato nel negozio con uno zecchino e ne è uscito con un tallero ha pagato π π = πΉ.. Quanto fa, 0,? π΄ 0, π΅ 0, πΆ 0, π· πΈ πππ π π’ππ πππ πππππππππ‘π. Sol.. Basta ricordare come trasformare un numero decimale periodico in frazione:, 0, = = = = = 0,.. Paperopoli dista da Topolinia ore di viaggio. Paperino parte da Paperopoli alle del mattino, ora locale, e, per via del fuso orario, arriva a Topolinia all ora (locale) di pranzo. A che ora torna a Paperopoli se riparte due ore dopo? π΄ ππππ, π΅ ππππ, πΆ ππππ 5, π· ππππ 6 πΈ πππππππ ππππ πππ π ππ’π π π πππππ§π π πππππππππ. Sol.. Consideriamo solo l orario di Paperopoli: partenza da Paperopoli alle :00, arrivo a Topolinia alle 8:00 (ora di Paperopoli, poiché Paperopoli dista da Topolinia ore di viaggio). Paperino riparte da Topolinia alle 0:00 (ora di Paperopoli, poiché riparte ore dopo essere arrivato). Quindi, dopo altre ore di viaggio, arriva a Paperopoli alle :00, ora locale.. 5.Un parallelogramma è costruito incollando quattro triangoli equilateri di lato 0 ππ come in figura. Quanti ππ distano i vertici A e B? π΄ 5, π΅ 675, πΆ 700, π· 85, πΈ 0. Sol.. Considerando che l altezza di un triangolo equilatero è β = e che essa divide il lato opposto in due parti uguali alla metà del lato, possiamo dire che la diagonale AB è l ipotenusa
2 di un triangolo rettangolo avente i cateti π = π π π =, quindi, per il teorema di Pitagora, si ha π΄π΅ = π + π = π + = " π + π = 7π = 700ππ. 5. I numeri π, π π π sono interi relativi. Si sa che π ππ =. Quale delle seguenti affermazioni è sicuramente vera? π΄ π = π π =, π΅ π = π π =, πΆ π ππ =, π· π π =, πΈ π. Sol. 5. Poiché π, π π π sono interi relativi e dato che π ππ = si può concludere che π, π π π possono assumere solo i seguenti valori ±. Inoltre π π π devono avere lo stesso segno. Dunque l unica affermazione sicuramente vera, fra le cinque proposte, è la π·, ππ£π£πππ π π =. 6. In una certa azienda ogni dirigente percepisce uno stipendio pari a quattro volte quello di ogni operaio. Il costo complessivo che l azienda sostiene per pagare gli stipendi di tutti i dipendenti è uguale a sei volte il costo complessivo degli stipendi di tutti i dirigenti. Quanti operai ci sono per ciascun dirigente? π΄ 5, π΅ 6, πΆ 0, π·, πΈ 0. Sol. 6. Chiamiamo π = π πππ ππππππππ‘π π π = π πππππ ππππππ; la domanda del quesito equivale a scoprire quanto vale il rapporto. Chiamiamo π₯ = ππ π π‘πππππππ ππ π’π ππππππππ‘π π π¦ = ππ π π‘πππππππ ππ π’π πππππππ. Si ha che: π₯ = π¦ π₯ = π¦ π₯ = π¦ π₯ = π¦ ππ₯ + ππ¦ = 6ππ₯ ππ¦ + ππ¦ = ππ¦ ππ¦ = 0ππ¦ π π¦ + ππ¦ = 6π π¦ e dividendo per π¦ entrambi i membri dell equazione ππ¦ = 0ππ¦ si ottiene π = 0π. Dunque = Al luna park c è un distributore di biglie con due pulsanti e un contenitore: il primo pulsante fa entrare 6 biglie nel contenitore, il secondo aumenta il numero di biglie nel contenitore del 50%. Inserendo una moneta, si può premere uno qualsiasi dei due pulsanti. Se il contenitore è inizialmente vuoto, quante biglie al massimo si possono far entrare nel contenitore con 5 monete? π΄ 70, π΅ 80, πΆ 88, π· 6, πΈ 08. Sol. 7. Conviene premere il primo pulsante fino a quando nel contenitore ci sono meno di biglie. Infatti il secondo pulsante, aumentando del 50% il numero di biglie già presente nel contenitore, inizia ad essere più vantaggioso del primo pulsante appena nel contenitore ci sono almeno biglie (se ce ne fossero i due pulsanti sarebbero equivalenti). Pertanto una strategia per ottenere il massimo numero di biglie è la seguente: premere, nell ordine, tre volte il primo pulsante e poi due volte il secondo pulsante. Schematicamente otteniamo: π = 6; π = ; π + 6 = 8; 8 7 π 8 + = 8 + = 7; π 7 + = = 08. Dunque, con 5 monete, si possono far entrare nel contenitore al massimo 08 biglie. 8. Agata, Nina e Leo decidono che al Via ciascuno di loro dirà (a caso) BIM, BUM oppure BAM. Qual è la probabilità che dicano tutti e tre la stessa cosa? π΄ ππππ ππ, π΅ π‘ππ π, πΆ π‘ππ π, π· π‘ππ π, πΈ ππù ππ
3 Sol. 8. Indichiamo con I=BIM, con U=BUM e con A=BAM. Poiché i tre ragazzi, al Via, scelgono cosa dire a caso, si possono avere tanti casi quante sono le disposizioni con ripetizione degli elementi dell insieme πΌ, π, π΄ presi tre a tre, cioè possiamo avere = 7 casi diversi. Tra questi solo tre sono i casi favorevoli, cioè πΌ, πΌ, πΌ, π, π, π ππππ’ππ π΄, π΄, π΄. Dunque la probabilità che i tre ragazzi dicano la stessa parola è " = che si trova fra " π.. Sia dato un pentagono regolare di lato ππ ; quanti ππ vale l area dell insieme di punti del piano che sono esterni al pentagono e distano al più ππ da esso? π΄ 5 +, π΅ +, πΆ 7, π· 8, πΈ. Sol.. Consideriamo il pentagono regolare ABCDE, costruiamo, esternamente ad esso, un quadrato su ogni lato. Nella figura sono CFGD, DHIE, AEJK, BALM e CBNO. Infine costruiamo i settori circolari DGH, EIJ, AKL, BMN e COF. L area dell insieme di punti del piano che sono esterni al pentagono e distano al più ππ da esso è formata dall unione dei 5 quadrati e dei 5 settori circolari precedentemente elencati. Ovviamente l area di ogni quadrato è π = ππ. Osserviamo che πΊπ·π» = 60 π»π·πΈ πΈπ·πΆ πΊπ·πΆ ma π»π·πΈ = πΊπ·πΆ = 0 perché angoli di un quadrato e πΈπ·πΆ = 80 = 08 perché angolo di un pentagono regolare. Quindi l angolo al centro del settore circolare DGH è πΊπ·π» = =7. Ma allora i 5 settori circolari messi insieme sono equivalenti ad un cerchio ( infatti 5 7 = 60 ). Dunque l area cercata sarà in ππ π = 5 π + π = 5 ππ + ππ = 5 + ππ. 0. Otto giocatori, di cui quattro sono difensori e quattro sono attaccanti, organizzano un torneo di biliardino. Ogni possibile coppia difensore- attaccante gioca una e una sola volta contro ogni altra possibile coppia difensore- attaccante. Quanti incontri faranno in tutto? π΄, π΅ 6, πΆ 8, π· 7, πΈ. Sol. 0. Indichiamo l insieme dei difensori con π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π = π·, π·, π·, π· e l insieme dei π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ attaccanti con π = π΄, π΄, π΄, π΄. π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ In tutto si possono formare π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ π· ; π΄ = 6 squadre difensore- attaccante π π π· π· π· π· (sono le 6 coppie ordinate del prodotto cartesiano π π). Ogni squadra dovrà giocare una e una sola volta contro tutte le altre squadre, quindi, per calcolare il numero di partite del torneo, iniziamo a calcolare tutte le possibili coppie che si possono formare con le 6 squadre. Tale numero è uguale alle combinazioni semplici di 6 elementi presi a a : " " " " 6 = " = " = = 8 5 = 0.
4 Ma non tutte queste coppie rappresentano una partita del torneo Infatti, se la coppia è formata da due squadre con lo stesso difensore o con lo stesso attaccante, la partita è impossibile. Pertanto dobbiamo calcolare il numero di tali coppie. Esse sono le coppie che si possono formare considerando le squadre che nella tabella precedente occupano o la stessa colonna (stesso difensore) o la stessa riga (stesso attaccante). Poiché in tutto abbiamo righe e colonne si ha che il numero di partite impossibili sono: 8 =8 =8 = 8. Dunque il numero delle partite del torneo è uguale a 6 π= 8 = 0 8 = 7.. È dato un numero primo di tre cifre le cui cifre sono nell ordine: π, π, π. Quanti divisori primi ha il numero di sei cifre la cui scrittura è ππππππ? [Ricordiamo che non è un numero primo.] π΄, π΅, πΆ, π·, πΈ 5. Sol.. Usiamo le potenze del 0 per scriver in modo opportuno il numero di sei cifre: ππππππ = πππ 0 + πππ = πππ 0 +. Ricordiamo il prodotto notevole somma di due cubi : π΄ + π΅ = π΄ + π΅ π΄ π΄π΅ + π΅. Applicando tale formula abbiamo che 0 + = e quindi ππππππ = πππ 0 + πππ = πππ 0 + = πππ = πππ. Ma = 7, pertanto ππππππ = πππ 7. Abbiamo trovato la fattorizzazione in numeri primi del numero di sei cifre dato. Dunque gli unici suoi divisori primi sono πππ,, π 7. La risposta è.. Il quadrato in figura è diviso in quadratini congruenti. Sapendo che il lato del quadrato grande misura πΏ, calcolare l area evidenziata in grigio π·πΉπππ. 5 π΄ πΏ, π΅ πΏ, πΆ πΏ, π· πΏ, πΈ πΏ Sol.. Indichiamo con π’ la misura del lato di ogni quadratino piccolo in cui è diviso il quadrato grande di lato πΏ, così da avere πΏ = π’. I triangoli π΄π΅πΆ e π·πΈπΉ sono simili avendo i tre angoli rispettivamente congruenti. Quindi il rapporto fra le aree dei due triangoli è π΄π΅πΆ : π·πΈπΉ = π΅πΆ : πΈπΉ con πΈπΉ = π’. Quindi si ha che π΄π΅πΆ : π·πΈπΉ = π’ : π’ da cui segue che π΄π΅πΆ π’ π’ π’ π·πΈπΉ = = π΄π΅πΆ = = π’ π’ 6 6 Pertanto l area del pentagono π·πΉπππ si ottiene per differenza fra un quadratino di lato π’ ed il triangolo π·πΈπΉ : π·πΉπππ = π’ π’ = π’
5 Ma il quadratino di lato π’ è del quadrato grande di lato. Dunque otteniamo finalmente: π·πΉπππ = π’ = πΏ = πΏ. 08. Quante cifre ha il numero 0? π΄ 0, π΅, πΆ, π·, πΈ 5. Sol.. Usando le proprietà delle potenze si ottiene 0" = 0 " = " 0" = 0 0". Pertanto 0" = 0 0" =,0 0 0" =,0 0". Dunque 0" ha cifre.. Sono date tre circonferenze aventi tutte raggio ππ e tangenti a due a due come in figura. Calcolare l area in ππ della parte compresa tra le tre circonferenze, π΄π΅πΆ evidenziata in grigio in figura. π΄, π΅, πΆ, π·, πΈ. Sol.. Dobbiamo calcolare l area delimitata dagli archi di circonferenza π΄π΅, π΅πΆ π πΆπ΄. Basta sottrarre all area del triangolo equilatero π π π = π π π π΅ = ππ ππ = ππ la somma delle aree dei tre settori circolari π π΄π΅, π π΅πΆ e π πΆπ΄. Ma osserviamo che il triangolo equilatero ha tutti gli angoli di 60 e quindi la somma dei tre settori circolari sarà equivalente all area di un semicerchio: π π΄π΅ + π π΅πΆ + π πΆπ΄ = π = ππ = ππ. Dunque l area cercata, in ππ, misura π΄π΅πΆ = ππ ππ = ππ 5. Uno studente in gita si sveglia la mattina e, dalla sua stanza di un hotel a sette piani (oltre al piano terra), scende in ascensore per recarsi al piano terra e fare colazione. Tuttavia, molto assonnato, preme ripetutamente il pulsante sbagliato e visita esattamente una volta tutti gli altri piani (escluso il suo), prima di arrivare finalmente al piano terra. Sapendo che la sua stanza non si trova al piano terra, quanta strada percorre l ascensore al massimo? π΄ πππππ, π΅ 8 πππππ, πΆ 7 πππππ, π· 6 πππππ, πΈ 5 πππππ. Sol. 5. Procediamo per tentativi. Questa sequenza fa percorrere 8 piani all assonnato studente: π per un totale di numero di piani percorsi: = 8. Non ci sono sequenze migliori. 6. Francesco vuole seminare una zona del giardino della sua casa, che ha la forma riportata in figura (casa in grigio e giardino in bianco tutto intorno). Per far questo lega una corda di π all angolo π΄ della casa, la tende e, spostandone l estremità, disegna il perimetro della zona da seminare. Quanti π seminerà Francesco? 5 π΄ +, π΅, πΆ +, π·, πΈ.
6 Sol. 6. Dobbiamo calcolare l area delimitata dall estremo libero della corda lunga π, il cui primo estremo è vincolato nel punto π΄. Osserviamo che dal punto πΆ al punto πΈ si ha un arco di circonferenza avente centro in π΄ e raggio π, mentre l ultimo tratto dal punto πΈ al punto πΉ si ha un quarto di circonferenza di centro π e raggio π. Pertanto l area cercata sarà la somma di un triangolo rettangolo π΄π΅πΆ, di un settore circolare πΆπ·πΈ di centro π e raggio π΄πΆ = π e di un quarto di cerchio πΈππΉ avente il centro in π e il raggio ππΈ = ππΉ = π. Osserviamo che il triangolo π΄π΅πΆ, avendo un cateto π΄π΅ = π e l ipotenusa π΄πΆ = π, è un triangolo rettangolo particolare, cioè è mezzo triangolo equilatero, con gli angoli di 0, 60 e " 0. Quindi π΅πΆ = = π = π, da cui segue che l area di π΄π΅πΆ è: π΄π΅πΆ = π΄π΅ π΅πΆ = π π = π Inoltre, poiché l angolo πΆπ΄π· = 0, si ha che l angolo πΆπ΄πΈ = = 0. Pertanto l area del settore circolare πΆπ·πΈ è πΆπ·πΈ : π = 0 : 60 πΆπ·πΈ = π = π = π = π 60 Infine l area del quarto di cerchio πΈππΉ è uguale ad un quarto dell area di tutto il cerchio di centro in π e raggio ππΈ = ππΉ = π. Quindi πΈππΉ = π = π = π Dunque, l area cercata, in π misura: π= π + π + π = + π = + π.
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