Esercizi di verifica del debito formativo:

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1 Esercizi di verifica del debito formativo: Facendo esclusivamente uso delle istruzioni del linguaggio macchina del microprocessore INTEL 8086 studiate in classe, rispondere alle seguenti domande: 1 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che scambi i quattro bit meno significativi del codice binario contenuto del registro AL con i quattro bit più significativi. CL,4 ciclo: ADD AL,AL ADC AL,0 SUB CL,1 JNZ ciclo 2 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che copi nel registro AL il codice BCD del numero intero senza segno minore di cento il cui codice ASCII è contenuto nel registro DX (il codice BCD di una cifra corrisponde ai quattro bit meno significativi del suo codice ASCII). AND ADD ADD ADD ADD ADD DL,AL AL,0F DH,DH DH,DH DH,DH DH,DH AL,DH 3 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che copi nel registro DX il codice ASCII del numero intero senza segno minore di cento il cui codice BCD è contenuto nel registro AL (il codice ASCII di una cifra è uguale alla somma binaria tra il suo codice BCD e ( ) 2 ). DL,AL DH,0 ADD DX,DX ADD DX,DX ADD DX,DX ADD DX,DX DL,AL AND DX,0F0F OR DX,3030

2 4 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che copi nel registro AL la rappresentazione binaria del numero intero senza segno minore di cento rappresentato in codice ASCII nel registro DX. ciclo: AX,DX AND AX,0F0F CL,0A ADD AL,AH SUB CL,1 JNZ ciclo INT 3 5 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che copi nel registro DX il codice ASCII del numero intero senza segno minore di cento rappresentato in binario nel registro AL. DL,AL DH,0 ciclo: CMP DL,0A JB fine SUB DL,0A ADD DH,1 JMP ciclo fine: INT 3 6 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che copi nel registro AX il contenuto della parola di memoria d indirizzo fisico (F01FA) 16. AX,F01F DS,AX AX,[000A] 7 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che copi nel registro AX il contenuto della parola di memoria il cui indirizzo logico è contenuto nelle due celle di memoria d indirizzo fisico (F01FA) 16 (parte offset) e (F01FC) 16 (parte segment). AX,F01F DS,AX BX,[000A] ES,[000C] ES: AX,[BX]

3 8 ) Scrivere una sequenza d istruzioni che copi nei registri DX (parte alta) ed AX (parte bassa) l indirizzo fisico corrispondente all indirizzo logico (ES:DI). ADD ADC ADD ADC ADD ADC ADD ADC ADD ADC AX,ES DX,0 AX,AX DX,DX AX,AX DX,DX AX,AX DX,DX AX,AX DX,DX AX,DI DX,0

4 Scrivere la codifica, nel linguaggio assemblativo del microprocessore INTEL 8086, delle seguenti procedure: 1 ) Una procedura di nome GETBIN che acquisisce da tastiera un numero binario delimitato dal tasto INVIO, e ne restituisce il valore nel registro DX (si supponga che tale valore sia sempre minore di 65536). GETBIN: DX,0 ;DX = 0 CICLO: AH,0 INT 16 ;Richiedi il servizio del BIOS ;di lettura CODICE da tastiera. CMP AL,0Dh ;Se CODICE = INVIO allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. ADD DX,DX ;DX = DX * 2 SUB AL,30h ;CIFRA = CODICE 30h. ADD DL,AL ;DX = DX + CIFRA. JMP CICLO ;Ritorna all inizio del ciclo. FINE: RET ;Fine della procedura GETBIN. 2 ) Una procedura di nome PUTBIN che visualizza sul monitor il contenuto del registro DX in binario. PUTBIN: CX,16 ;CONTATORE = 16 CICLO: ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 AL,30h ADC AL,0 ;CODICE = CODICE(0) + CF AH,0Eh ;Richiedi il servizio del BIOS BX,0 ;di visualizzazione di un ca- INT 10h ;rattere sullo schermo. DEC CX ;CONTATORE = CONTATORE 1 JNZ CICLO ;Se CONTATORE <> 0 allora ;ritorna all inizio del ciclo. RET ;Fine della procedura PUTBIN.

5 3 ) Una procedura di nome GETOCT che acquisisce da tastiera un numero ottale delimitato dal tasto INVIO, e ne restituisce il valore nel registro DX (si supponga che tale valore sia sempre minore di 32768). GETOCT: DX,0 ;DX = 0 CICLO: AH,0 INT 16h ;Richiedi il servizio del BIOS ;di lettura CODICE da tastiera. CMP AL,0Dh ;Se CODICE = INVIO allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. ADD DX,DX ADD DX,DX ADD DX,DX ;DX = DX * 2 * 2 * 2 = DX * 8 SUB AL,30h ;CIFRA = CODICE CODICE(0) ADD DL,AL ;DX = DX + CIFRA. JMP CICLO ;Ritorna all inizio del ciclo. FINE: RET ;Fine della procedura GETOCT. 4 ) Una procedura di nome PUTOCT che visualizza sul monitor il contenuto del registro DX in ottale (si supponga che tale valore sia sempre minore di 32768). PUTOCT: ADD DX,DX ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 CX,5 ;CONTATORE = 5 CICLO: ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 AL,0 ADC AL,0 ;CODICE = CF ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 ADC AL,AL ;CODICE = CODICE * 2 + CF ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 ADC AL,AL ;CODICE = CODICE * 2 + CF ADD AL,30h ;CODICE = CODICE + CODICE(0) AH,0Eh ;Richiedi il servizio del BIOS BX,0 ;di visualizzazione di un ca- INT 10h ;rattere sullo schermo. DEC CX ;CONTATORE = CONTATORE 1 JNZ CICLO ;Se CONTATORE <> 0 allora ;ritorna all inizio del ciclo. RET ;Fine della procedura PUTOCT.

6 5 ) Una procedura di nome GETHEX che acquisisce da tastiera un numero esadecimale delimitato dal tasto INVIO, e ne restituisce il valore nel registro DX (si supponga che tale valore sia sempre minore di 65536). GETHEX: DX,0 ;DX = 0 CICLO: AH,0 INT 16h ;Richiedi il servizio del BIOS ;di lettura CODICE da tastiera. CMP AL,0Dh ;Se CODICE = INVIO allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. ADD DX,DX ADD DX,DX ADD DX,DX ADD DX,DX ;DX = DX*2*2*2*2 = DX * 16 CMP AL,41h ;Se CODICE >= CODICE(A) allora JNB LETTERA ;salta a LETTERA. SUB AL,30h ;CIFRA = CODICE CODICE(0). ADD DL,AL ;DX = DX + CIFRA. JMP CICLO ;Ritorna all inizio del ciclo. LETTERA: SUB AL,37h ;CIFRA = CODICE CODICE(A) + 10 ADD DL,AL ;DX = DX + CIFRA. JMP CICLO ;Ritorna all inizio del ciclo. FINE: RET ;Fine della procedura GETHEX.

7 6 ) Una procedura di nome PUTHEX che visualizza sul monitor il contenuto del registro DX in esadecimale. PUTHEX: CX,4 ;CONTATORE = 4 CICLO: ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 AL,0 ADC AL,0 ;CODICE = CF ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 ADC AL,AL ;CODICE = CODICE * 2 + CF ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 ADC AL,AL ;CODICE = CODICE * 2 + CF ADD DX,DX ;CF = (DX * 2) DIV 2^16 ;DX = (DX * 2) MOD 2^16 ADC AL,AL ;CODICE = CODICE * 2 + CF ADD AL,30h ;CODICE = CODICE + CODICE(0) CMP AL,39h ;Se CODICE <= CODICE(9) allora JBE DISPLAY ;salta alla visualizzazione. ADD AL,7 ;CODICE = CODICE CODICE(0) ; 10 + CODICE(A) DISPLAY: AH,0Eh ;Richiedi il servizio del BIOS BX,0 ;di visualizzazione di un ca- INT 10h ;rattere sullo schermo. DEC CX ;CONTATORE = CONTATORE 1 JNZ CICLO ;Se CONTATORE <> 0 allora ;ritorna all inizio del ciclo. RET ;Fine della procedura PUTHEX.

8 7 ) Una procedura di nome GETDEC che acquisisce da tastiera un numero decimale delimitato dal tasto INVIO, e ne restituisce il valore nel registro DX (si supponga che tale valore sia sempre minore di 65536). GETDEC: DX,0 ;DX = 0 CICLO: AH,0 INT 16h ;Richiedi il servizio del BIOS ;di lettura CODICE da tastiera. CMP AL,0Dh ;Se CODICE = INVIO allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. ADD DX,DX DX,CX ADD DX,DX ADD DX,DX ADD DX,CX ;DX = DX*2*2*2 + DX*2 = DX * 10 SUB AL,30h ;CIFRA = CODICE CODICE(0). ADD DL,AL ADC DH,0 ; DX = DX + CIFRA. JMP CICLO ;Ritorna all inizio del ciclo. FINE: RET ;Fine della procedura GETDEC.

9 8 ) Una procedura di nome PUTDEC che visualizza sul monitor il contenuto del registro DX in decimale. PUTDEC: AX,0 ;Inserisci nello stack il PUSH AX ;codice di terminazione 0. CICLO1: AX,DX ;Dividi DX per 10 copiando DX,0 ;il resto nel registro AX. DIVIDI: CMP AX,10 ;Se AX < 10 allora JB FINEDIV ;salta a FINEDIV. SUB AX,10 ;AX = AX - 10 INC DX ;DX = DX + 1 JMP DIVIDI ;Torna a DIVIDI. FINEDIV: ADD AX,30h ;Inserisci nello stack il PUSH AX ;codice ASCII della cifra JMP CICLO1 ;Torna all inizio di CICLO1 CICLO2: POP AX ;Estrai un elemento dallo CMP AX,0 ;stack e, se è il codice di JE FINE ;terminazione, vai a FINE. AH,0Eh ;Richiedi il servizio BIOS BX,0 ;visualizzazione di un ca- INT 10h ;rattere sullo schermo. JMP CICLO2 ;Torna all inizio di CICLO2 FINE: RET ;Fine della procedura PUTDEC.

10 Disegnare il flow chart e scrivere la codifica nel linguaggio assemblativo del microprocessore INTEL 8086 delle seguenti procedure: 1 ) Una procedura di nome GETSTR che acquisisca da tastiera una stringa di caratteri delimitati dal tasto INVIO, memorizzandola, in formato ASCIIZ, a partire dalla cella d indirizzo logico (DS:BX). GETSTR: DI,0 ;I = 0. CICLO: AH,0 ;leggi nel registro AL il codice INT 16h ;del carattere digitato. CMP AL,0Dh ;Se il AL = codice(invio) allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. BYTE[BX+DI],AL ;STR[I] = codice digitato INC DI ;I = I + 1 JMP CICLO ;Ripeti il ciclo. FINE: BYTE[BX+DI],0 ;STR[I] = codice terminazione. RET ;fine della procedura GETSTR. 2 ) Una procedura di nome DISPSTR che visualizzi sul monitor, in ordine inverso, i caratteri della stringa memorizzata, in formato ASCIIZ, a partire dalla cella d indirizzo logico (ES:BP). DISPSTR: SI,0 ;I = 0. CICLO1: CMP ES:BYTE[BP+SI],0 ;Se STR[I]=0 allora JE CICLO2 ;vai a CICLO2. INC SI ;I = I + 1 JMP CICLO1 ;Ripeti CICLO1. CICLO2: CMP SI,0 ;Se I = 0 allora JE FINE ;vai alla fine. DEC SI ;I = I 1 AL,ES:BYTE[BP+SI];AL = STR[SI] AH,0Eh ;AH = numero del servi- BX,0 ;zio BIOS: visualizza INT 10h ;carattere su schermo JMP CICLO2 ;Ripeti CICLO2. FINE: RET ;Fine della procedura.

11 3 ) Una procedura di nome TRIMRIGHT che elimini tutti gli eventuali spazi vuoti presenti alla fine della stringa memorizzata, in formato ASCIIZ, a partire dalla cella d indirizzo logico (DS:BX). TRIMR: DI,0 ;I = 0 CICLO1: CMP BYTE[BX+DI],0 ;Se STR[I]=0 allora JE CICLO2 ;vai a CICLO2. INC DI ;I = I + 1 JMP CICLO1 ;Ripeti CICLO1 CICLO2: CMP DI,0 ;Se I = 0 allora JE FINE ;vai alla fine. DEC DI ;I = I 1 CMP BYTE[BX+DI],20h ;Se STR[I]<> allora JNE FINE ;vai alla fine. BYTE[BX+DI],0 ;STR[I]=0 JMP CICLO2 ;Ripeti CICLO2. FINE: RET ;Fine della procedura. 4 ) Una procedura di nome TRIMLEFT che elimini tutti gli eventuali spazi vuoti presenti all inizio della stringa memorizzata, in formato ASCIIZ, a partire dalla cella d indirizzo logico (DS:BX). TRIML: SI,0 ;I = 0 DI,0 ;J = 0 CICLO1: CMP BYTE[SI],20h ;Se STR[I] <> allora JNE CICLO2 ;vai a CICLO2. INC SI ;I = I + 1 JMP CICLO1 ;Ripeti CICLO1. CICLO2: AL,BYTE[SI] ;STR[I]=STR[J] BYTE[DI],AL CMP AL,0 ;Se STR[I] = 0 allora JE FINE ;vai alla fine. INC SI ;I = I + 1 INC DI ;J = J + 1 JMP CICLO2 ;Ripeti CICLO2 FINE: RET ;Fine della procedura.

12 5 ) Una procedura di nome FATT che calcoli il fattoriale del numero binario contenuto del registro CX, restituendone la rappresentazione binaria a 32 bit nei registri DX (parte alta) ed AX (parte bassa). FATT: DX,0 ;Parte alta di FATT = 0. AX,1 ;Parte bassa di FATT = 1. CICLO: CMP CX,0 ;Se NUM = 0 allora JE FINE ;vai alla fine. BX,AX ;BX = parte bassa di FATT. AX,DX ;AX = parte alta di FATT. MUL CX ;AX = (parte alta di FATT)*NUM. XCHG AX,BX ;Scambia AX con BX. MUL CX ADD DX,BX ;FATT = AX + BX* DEC CX ;N = N 1 ;AX = (parte bassa di FATT)*NUM. JMP CICLO ;Ripeti il CICLO FINE: RET ;Fine della procedura. 6 ) Una procedura di nome GET che acquisisce da tastiera un numero delimitato dal tasto INVIO, rappresentato nel sistema di numerazione posizionale in base BX, e ne restituisce il valore binario nel registro CX (si supponga che tale valore sia sempre minore di 65536). GET: CX,0 ;NUM = 0 CICLO: AH,0 ;Richiedi il servizio del BIOS INT 16h ;di lettura CODICE da tastiera. CMP AL,0Dh ;Se CODICE = INVIO allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. SUB AL,48 ;CIFRA = CODICE CODICE (0). CMP AL,10 ;Se CIFRA < 10 allora JB MINORE ;vai a MINORE, altrimenti SUB AL,7 ;CIFRA = CIFRA 7. MINORE: AH,0 ;AX = CIFRA. XCHG AX,CX ;CX = CIFRA ed AX = NUM. MUL BX ;AX = AX * BASE. ADD CX,AX ;NUM = CIFRA + NUM * BASE. JMP CICLO ;Ripeti il ciclo. FINE : RET ;Fine della procedura.

13 7 ) Una procedura di nome PUT che visualizza sullo schermo il contenuto del registro AX nel sistema di numerazione posizionale in base BP. PUT: CX,0 ;i = 0. CICLO1: DX,0 ;CIFRA = NUM MOD BASE. DIV BP ;NUM = NUM DIV BASE. PUSH DX ;Salva CIFRA nello stack. INC CX ;i = i + 1. CMP AX,0 ;Se NUM <> 0 allora JNE CICLO1 ;ripeti il primo ciclo. CICLO2: POP AX ;Estrai CIFRA dallo stack. CALL CODICE ;Calcola il CODICE della CIFRA. AH,0Eh ;Richiedi il servizio del BIOS BX,0 ;che visualizza un carattere INT 10h ;sullo schermo. DEC CX ;i = i 1. JNE CICLO2 ;Se i <> 0 ripeti il II ciclo. RET ;Fine della procedura PUT. CODICE: CMP AX,10 ;Se CIFRA < 10 allora JB MINORE ;vai a MINORE, altrimenti ADD AX,55 ;CODICE = CIFRA RET ;Fine della procedura CODICE. MINORE: ADD AX,48 ;CODICE = CIFRA RET ;Fine della procedura CODICE. ;Seconda versione (ricorsiva) della procedura PUT: PUT: PUSH DX ;Salva DX nello stack. DX,0 ;Dividi NUM per BASE: DIV BP ;AX = quoziente, DX = resto. CMP AX,0 ;Se quoziente = 0 allora JE VISUA ;vai alla visualizzazione CALL PUT ;altrimenti esegui PUTNUM. VISUA: AX,48 ;AX = CODICE(0). CMP DX,10 ;Se CIFRA < 10 allora JB MINORE ;vai a minore AX,55 ;altrimenti AX = CODICE(A) 10. MINORE: ADD AX,DX ;AX = CODICE(CIFRA). AH,0Eh ;Richiedi il servizio del BIOS BX,0 ;di visualizzazione di un ca- INT 10h ;rattere sullo schermo. POP DX ;Ripristina il contenuto di DX. RET ;Fine della procedura PUT.

14 8 ) Un programma che visualizzi su un display a LED a sette segmenti collegato alla porta d uscita d indirizzo (0378) 16 ciascuna cifra esadecimale digitata sulla tastiera del computer. ;Codici a 7 segmenti delle cifre da 0 ad F : ZERO EQU b ;codice a 7 segmenti di 0. UNO EQU b ;codice a 7 segmenti di 1. DUE EQU b ;codice a 7 segmenti di 2. TRE EQU b ;codice a 7 segmenti di 3. QUATTRO EQU b ;codice a 7 segmenti di 4. CINQUE EQU b ;codice a 7 segmenti di 5. SEI EQU b ;codice a 7 segmenti di 6. SETTE EQU b ;codice a 7 segmenti di 7. OTTO EQU b ;codice a 7 segmenti di 8. NOVE EQU b ;codice a 7 segmenti di 9. A EQU b ;codice a 7 segmenti di A. BI EQU b ;codice a 7 segmenti di B. CI EQU b ;codice a 7 segmenti di C. DI EQU b ;codice a 7 segmenti di D. E EQU b ;codice a 7 segmenti di E. EFFE EQU b ;codice a 7 segmenti di F. ;Tabella dei codici a 7 segmenti delle cifre 0..F: TAB DB ZERO,UNO,DUE,TRE,QUATTRO,CINQUE,SEI DB SETTE,OTTO,NOVE,A,BI,CI,DI,E,EFFE ;Inizio del codice del programma: INIZIO: AH,0 ;Richiedi il servizio BIOS: INT 16h ;leggi CODICE da tastiera. CMP AL,0Dh ;Se CODICE = INVIO allora JE FINE ;vai a fine programma. SUB AL,48 ;Converti CODICE in CIFRA. CMP AL,10 ;Se CIFRA < 10 allora vai JB CODIFICA ;alla codifica, altrimenti SUB AL,7 ;CIFRA = CIFRA 7. CODIFICA: SI,AX ;INDICE = CIFRA. AL,TAB[SI];CODICE = TAB[INDICE]. DX,0378h ;Invia il CODICE alla porta OUT DX,AL ;d uscita d indirizzo 0378h JMP INIZIO ;Torna ad inizio programma. FINE: AX,4C00h ;Richiedi il servizio DOS INT 21h ;di terminazione programma.

15 9 ) Una procedura di nome SPOSTA che copi il contenuto di un blocco di celle di memoria centrale il cui indirizzo logico iniziale è contenuto nei registri DS (parte segment) e SI (parte offset) e la cui dimensione (numero di byte) è rappresentata in binario nei registri BX (parte alta) e CX (parte bassa), nell area di memoria d indirizzo logico iniziale ES (parte segment) e DI (parte offset). ;Se l indirizzo fisico del blocco sorgente è maggiore ;di quello del blocco di destinazione, la copia deve ;essere eseguita in ordine d indirizzo crescente: SPOSTA: CLD CICLO: SB ;Poni a zero il flag Direction. ;BYTE [ES,DI] = BYTE [DS,SI], ;SI = SI + 1, DI = DI + 1. ;Se SI = 0 allora ;vai al secondo confronto. CMP SI,0 JNE CMP2 AX,DS ADD AX,1000h DS,AX ;DS = DS h. CMP2: CMP DI,0 JNE CMP3 ;Se DI = 0 allora ;vai al terzo confronto. AX,ES ADD AX,1000h ES,AX ;ES = ES h. CMP3: SUB CX,1 ;Decrementa il numero di byte SBB BX,0 ;ancora da trasferire JNZ CICLO ;Se nel blocco ci sono ancora CMP CX,0 ;dei byte da trasferire allora JNE CICLO ;ritorna all inizio del ciclo. RET ;Fine della procedura.

16 ;Se l indirizzo fisico del blocco sorgente è minore ;di quello del blocco di destinazione, la copia deve ;essere eseguita in ordine d indirizzo decrescente: SPOSTA: ADD SI,CX ;SI = SI + CX AX,DS ;AX = DS JNC NORIP1 ;Se flag carry = 0 vai a NORIP1. ADD AX,1000h ;AX = AX + 2^12. NORIP1: DX,BX PUSH CX CL,12 SHL DX,CL ;DX = BX * 2^12. POP CX ADD AX,DX DS,AX ;DS = AX + DX ADD DI,CX ;DI = DI + CX AX,ES ;AX = ES JNC NORIP2 ;Se flag carry = 0 vai a NORIP2. ADD AX,1000h ;AX = AX + 2^12. NORIP2: ADD AX,DX ES,AX ;ES = AX + DX CICLO: SUB SI,1 ;SI = SI 1 JNB NOPR1 ;Se flag borrow = 0 vai a NOPR1. AX,DS SUB DS,1000h DS,AX ;DS = DS + 2^12 NOPR1: SUB DI,1 ;DI = DI 1 JNB NOPR2 ;Se flag borrow = 0 vai a NOPR2. AX,ES SUB ES,1000h ES,AX ;ES = ES + 2^12 NOPR2: AL,DS:[SI] ;AL = BYTE [DS,SI] ES:[DI],AL ;BYTE [ES,DI] = AL SUB CX,1 ;Decrementa il numero di byte SBB BX,0 ;ancora da trasferire JNZ CICLO ;Se nel blocco ci sono ancora CMP CX,0 ;dei byte da trasferire allora JNE CICLO ;ritorna all inizio del ciclo. RET ;Fine della procedura.

17 10 ) Una procedura di nome NSUK che dati due numeri naturali N e K, rappresentati in binario nei registri BX e CX, restituisca nei registri AX e DX rispettivamente la parte bassa e la parte alta della rappresentazione binaria di N su K. NSUK : CMP CX,0 ;Se K = 0 allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. CMP CX,BX ;Se K = N allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. DEC BX ;N = N 1. CALL NSUK ;Calcola NSUK1. PUSH DX ;Salva NSUK1 nello stack. PUSH AX DEC CX ;K = K 1. CALL NSUK ;Calcola NSUK2. INC BX ;N = N + 1. INC CX ;K = K + 1. POP SI ;Preleva NSUK1 dallo stack ADD AX,SI ;NSUK = NSUK1 + NSUK2. POP DI ADC DX,DI RET ;Fine della procedura. FINE: DX,0 ;NSUK = 1. AX,1 RET ;Fine della procedura.

18 Rispondere alle seguenti domande: 1 ) Che cos è la velocità d elaborazione di un processore? E il numero medio d istruzioni che il processore esegue nell unità di tempo. 2 ) Come si calcola la velocità d elaborazione di un processore? Dividendo la frequenza di funzionamento del processore per il numero medio di cicli necessari ad eseguire un istruzione. 3 ) Di che tipo è l architettura interna del microprocessore INTEL 8086? PIPELINE a due stadi. 4 ) Che cos è un indirizzo fisico? E un numero binario di 20 cifre che identifica una cella della memoria centrale. 5 ) Che cos è un indirizzo logico? E una coppia di numeri binari di 16 cifre che identifica una cella della memoria centrale. 6 ) Quand è che un indirizzo logico si dice normalizzato? Quando la sua parte offset è minore di sedici. 7 ) Come si calcolano gli indirizzi logici equivalenti ad un indirizzo logico normalizzato? Se I.L.N. = (segment, offset): Per k = 1, 2, 3, ripetere: offset (k) = offset + 16 * k; segm (k) = (segm k) MOD ) Qual è la proprietà caratteristica di un programma con modello di memoria TINY? Tutto il codice delle istruzioni e dei dati occupa non più di 64KB della memoria centrale. 9 ) Qual è la proprietà caratteristica di un programma con modello di memoria SMALL? Il codice delle istruzioni e quello dei dati occupano ciascuno non più di 64KB di memoria centrale. 10 ) Qual è la proprietà caratteristica di un programma con modello di memoria COMPACT? Il codice delle istruzioni occupa non più di 64KB di memoria centrale, quello dei dati occupa più di 64KB. 11 ) Qual è la proprietà caratteristica del modello di memoria MEDIUM? Il codice delle istruzioni occupa più di 64KB di memoria centrale, quello dei dati occupa non più di 64KB. 12 ) Qual è la proprietà caratteristica del modello di memoria LARGE? Sia il codice delle istruzioni, sia quello dei dati occupa più di 64KB di memoria centrale. 13 ) Che cosa contiene il registro DS? La parte segment degli indirizzi logici delle celle di memoria che contengono gli operandi delle istruzioni. 14 ) Che cosa contiene l INSTRUCTION QUEUE? I codici delle istruzioni da eseguire. 15 ) Scrivere le sigle di tutti i registri a 16 bit del microprocessore INTEL AX, BX, CX, DX, SP, BP, SI, DI, CS; DS, ES, SS, IP, FLAGS. 16 ) Che cosa indica il valore uno del flag zero? Che il risultat o di un istruzione aritmetica o logica è uguale a zero. 17 ) Che cosa indica il valore uno del flag carry? Che il riporto finale di un addizione o che il prestito finale di una sottrazione vale uno. 18 ) Quali tipi di operandi di destinazione sono ammessi dall istruzione E? Un registro generale di 8 o 16 bit, una cella di memoria di uno o due byte o un registro di segmento.

19 19 ) Quali tipi di operandi sorgente sono ammessi dall istruzione E? Un registro generale di 8 o 16 bit, una cella di memoria di uno o due byte, un registro di segmento o una costante. 20 ) Quali combinazioni dei due operandi dell istruzione E non sono ammesse? Quella di due operandi che non hanno la stessa lunghezza, quella di due celle di memoria, quella di due registri di segmento e quella di un registro di segmento con una costante. 21 ) Qual è la condizione di salto associata all istruzione JB? Il flag carry è uguale ad uno. 22 ) Qual è la condizione di salto associata all istruzione JE? 29 ) Che cosa contiene la tabella dei vettori d interruzione? Gli indirizzi logici delle routine di gestione delle interruzioni. 30 ) Scrivere la sintassi delle istruzioni a- ritmetico - logiche ad un operando. [[RS:]] nome dest dest = R BYTE M WORD M 31 ) Quale operazione è specificata dall istruzione INC? dest = (dest + 1) MOD 2 n (n = 8 16). 32 ) Quale operazione è specificata dall istruzione DEC? dest = (dest 1) MOD 2 n (n = 8 16). Il flag zero è uguale ad uno. 23 ) Qual è la condizione di salto associata all istruzione JBE? Il flag carry oppure il flag zero vale uno. 24 ) Qual è la condizione di salto associata all istruzione JA? I flag carry e zero valgono zero. 25 ) Che cos è il BIOS? E un insieme di procedure che risiedono nella memoria ROM di ogni PC. 26 ) A cosa serve l istruzione INT 10h? A richiedere al BIOS l esecuzione di un servizio di gestione dello schermo. 27 ) A cosa serve l istruzione INT 16h? A richiedere al BIOS l esecuzione di un servizio di gestione della tastiera. 28 ) Dove si trova la tabella dei vettori d interruzione? Nei primi 1024 byte della memoria centrale.

20 Disegnare il flow chart e scrivere la codifica nel linguaggio assemblativo del microprocessore INTEL 8086 delle seguenti procedure: 1 ) Una procedura di nome GETILN che copi nel registro DS la parte segment e nel registro SI la parte offset dell indirizzo logico normalizzato corrispondente all indirizzo fisico contenuto nei registri DX (parte alta) ed AX (parte bassa). NOTA: si supponga, per semplicità, che DX < 16. GETILN: BX,16 ;segment = IF DIV 16 DIV BX ;offset = IF MOD 16 DS,AX ;DS = segment SI,DX ;SI = offset RET 2 ) Una procedura di nome GETIF che copi nel registro DX la parte alta e nel registro AX la parte bassa dell indirizzo fisico corrispondente all indirizzo logico (DS:SI). GETIF: AX,DS ;IF = segment * 16. BX,16 MUL BX ADD AX,SI ;IF = IF + offset. ADC DX,0 AND DX,000Fh ;IF = IF MOD 2^20. RET 3 ) Una procedura di nome PUTBYTE che visualizzi sul monitor del computer, a partire dalla posizione del cursore, il contenuto della cella di memoria d indirizzo logico (DS:SI), sottoforma di un numero esadecimale lungo esattamente due cifre. PUTBYTE: AL,[SI] ;NUM = BYTE [DS:SI] AH,0 BL,16 ;CIFRA0 = NUM MOD 16. DIV BL ;CIFRA1 = NUM DIV 16. CALL CODIFICA ;CODICE = CODIFICA(CIFRA1). CL,AH AH,0Eh BX,0 INT 10h ;Visualizza CODICE. AL,CL CALL CODIFICA ;CODICE = CODIFICA(CIFRA0).

21 INT 10h ;Visualizza CODICE. RET ;Fine della procedura. CODIFICA: CMP AL,10 ;Se CIFRA < 10 allora JB CIFRA ;vai a CIFRA, altrimenti: ADD AL,55 ;CODICE = CIFRA RET ;Fine della procedura. CIFRA: ADD AL,48 ;CODICE = CIFRA RET ;Fine della procedura. 4 ) Una procedura di nome GETLONG che legga da tastiera un numero esadecimale delimitato dal tasto INVIO, copiandone la rappresentazione binaria nei registri DX (parte alta) ed AX (parte bassa). NOTA: si supponga, per semplicità, che il valore del numero sia minore di 232. GETLONG: BX,0 ;NUM = 0 DX,0 CICLO: AH,0 ;Richiedi il servizio BIOS di INT 16h ;lettura CODICE da tastiera. CMP AL,0Dh ;Se CODICE = INVIO allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. CALL CONVERTI ;Converti CODICE in CIFRA. CX,4 ;I = 4. SOMMA: ADD BX,BX ;NUM = NUM + NUM. ADC DX,DX DEC CX ;I = I 1. JNZ SOMMA ;Se I <> 0 ripeti SOMMA. ADD BX,AX ;NUM = NUM + CIFRA. JMP CICLO ;Ritorna a CICLO. FINE: AX,BX RET ;Fine della procedura. CONVERTI: CMP AX,65 ;Se CODICE < 65 allora JB CIFRA ;salta a cifra. SUB AX,55 ;CIFRA = CIFRA 55. RET ;Fine della procedura. CIFRA: SUB AX,48 ;CIFRA = CIFRA 48. RET ;Fine della procedura.

22 5 ) Una procedura di nome DUMP che, facendo uso delle procedure degli esercizi precedenti, legga da tastiera l indirizzo fisico iniziale ed il numero di byte di un blocco della memoria fisica, e ne visualizzi il contenuto in codice esadecimale sul monitor del computer. NOTA: si supponga, per semplicità, che il numero di byte del blocco da visualizzare sia minore di 216. DUMP: CALL GETLONG ;Leggi indirizzo fisico iniziale. CALL GETILN ;trasformalo in indirizzo logico. CALL GETLONG ;Leggi numero di byte del blocco. DI,AX ;I = numero di byte del blocco. CICLO: CMP DI,0 ;Se I = 0 allora JE FINE ;vai alla fine della procedura. CALL PUTBYTE ;Visualizza BYTE[segment:offset]. DEC DI ;I = I 1. INC SI ;offset = offset + 1. JNZ CICLO ;Se offset <> 0 ripeti il ciclo AX,DS ;segment = segment + 2^12. ADD AX,1000h DS,AX JMP CICLO ;Ripeti il ciclo. FINE: RET ;Fine della procedura.

23 ; ; TRACE.ASM -- prova della modalita' d'esecuzione passo-passo ; DOSSEG.MODEL TINY.DATA CONTEGGIO DW 100 ;numero di interruzioni con codice uno.code ;richieste per terminare il programma ORG 100H ; imposta il valore del vettore d'interruzione numero 1: INIZIO: DX,OFFSET ISR_1 ;dx = parte offset del nuovo vettore AX,2501H ;AL = numero del vettore d'interruz.ne INT 21H ;richiesta del servizio al DOS ; imposta ad uno il valore del flag Trap: PUSHF ;salva il registro dei flag nello stack BP,SP ;BP = puntatore alla cima dello stack OR WORD PTR [BP],100H ;poni ad uni il bit 8 dell'ultimo ele- POPF ;mento dello stack e copiane il valore ;nel registro dei flag. ; ciclo senza fine da eseguire un numero di volte pari a CONTEGGIO: AH,0Eh AL,. BX,0 CICLO: INT 21H JMP CICLO ; ; Routine di servizio delle interruzioni con codice uno: ; ISR_1: DEC CONTEGGIO ;decrementa la variabile CONTEGGIO JZ FINE ;se CONTEGGIO = 0 salta a FINE IRET ;rientra al programma interrotto FINE: STI INT 20H ;fine dell'esecuzione del programma END INIZIO

24 ;======================================================================== ; Autori :Lazzarini Stefano ; Titolo del progetto :Cronometro digitale ; Data di creazione : 22/02/2006 ; Scopo del progetto :simulare un cronometro digitale che visualizzi sullo ; schermo del computer il numero di secondi trascorsi ; dall'inizio dell'esecuzione model Small ;========================================================================.Data RitornoAlDos Equ 4Ch ; Restituisce il controllo all'interprete dei comandi NessunErrore Equ 0 ; Parametro in ingresso all'istruzione ERRORLEVEL Dos Equ 21h ; Codice dell'interruzione software per l'accesso alle ; funzioni del DOS nticks DW 0 ; Contatore del numero di interruzioni con codice 1Ch secondi DW 0 ; Contatore dei secondi trascorsi dall'inizio della ; esecuzione del programma ;========================================================================.Code Main: ; inizio procedura principale mov ax,@data ; Inizializza i segmenti DS e SS mov ds,ax ; per l'uso del modello di memoria mov ax,@stack ; con indirizzamento a 16 bit mov ss,ax mov sp,offset MyStack ; SP punta alla base dello stack locale push ds mov ax,@code mov ds,ax mov dx,offset isr1c mov ax,251ch int 21h ; imposta il vettore d'interruzione con codice 1Ch pop ds ciclo: mov ah,1 int 21h cmp al,27 jne ciclo FineProgramma: mov ah,ritornoaldos mov al,nessunerrore int Dos ; ciclo d'attesa della pressione del tasto ESC ; finchè non viene premuto il tasto ESC ; ritorna all'inizio del ciclo ; Il programma è terminato ; si restituisce il controllo ; all'interprete dei comandi, indicando che ; non si sono manifestati errori. ; ; Procedura che visualizza il contenuto del registro AX in decimale ; VISUALIZZA: VISUA: DIV CMP JE PUSH CALL POP ADD INT RET DX,0 BX,10 BX AX,0 VISUA DX VISUALIZZA DX AL,30H AL,DL AH,0Eh BX,0 10h

25 ; ; Routine di servizio delle interruzioni con codice 1Ch ; isr1c: push ax push bx push cx push dx push ds mov ax,@data mov ds,ax inc nticks cmp nticks,18 jne fine mov nticks,0 inc secondi mov ah,02h mov bh,0 mov dh,24 mov dl,70 int 10h mov ax,secondi call visualizza fine: pop ds pop dx pop cx pop bx pop ax iret ;========================================================================.Stack db 50 dup ('Stack') MyStack: End Main ; 250 bytes di spazio per lo stack locale

26 ; ASTERIX1.ASM -- asterisco che si sposta in linea retta sullo schermo: ; quando l'asterisco supera uno dei bordi, riappare dal bordo opposto. DOSSEG.MODEL TINY.DATA ASTERIX DW 0 ;posizione relativa dell'asterisco nella memoria video OLD_ISR DW 0,0 ;vecchio vettore d'interruzione con codice 1Ch..CODE ORG 100h MAIN: AX,3 ;richiede al BIOS di impostare lo schermo in modalit INT 10h ;testo con 25 righe ed 80 colonne e di cancellarlo. AX,351Ch ;leggi il vecchio vettore d interruzione con INT 21h ;codice 1Ch. OLD_ISR,BX ;salva il vecchio vettore d interruzione con OLD_ISR+2,ES ;codice 1Ch. DX,OFFSET ISR1C ;scrivi il nuovo vettore d interruzione con AX,251Ch ; codice 1Ch. INT 21h CICLO_DI_ATTESA: AH,0 ;richiama il servizio del BIOS di INT 16H ;acquisizione carattere da tastiera. CMP AL,27 ;se il carattere acquisito non Š l'escape, JNZ CICLO_DI_ATTESA ;ritorna in attesa di un nuovo carattere. DX,OLD_ISR ;ripristina il vecchio vettore d interruzione DS,OLD_ISR+2 ;con codice 1Ch. AX,251Ch INT 21h INT 20H ;termina l'esecuzione restituendo il controllo al DOS. ; Routine di servizio delle interruzioni con codice 1Ch: ISR1C PROC PUSH AX PUSH BX PUSH DS PUSH ES AX,CS DS,AX ;DS punta al segmento dei dati. AX,0B800H ES,AX ;ES punta alla memoria video. BX,ASTERIX ;BX punta alla posizione dell'asterisco. ES:BYTE PTR [BX],20H ;cancella l'asterisco dallo schermo. ADD BX,2 ;calcola la nuova posizione dell'asterisco: CMP BX,4000 ;BX = BX + 81 * 2 JB PROSEGUI ;se BX >= 4000 allora SUB BX,4000 ; BX = BX PROSEGUI: ASTERIX,BX ;aggiorna la posizione dell'asterisco, ES:BYTE PTR [BX],'*' ;e lo fa riapparire sullo schermo. POP ES POP DS POP BX POP AX IRET ISR1C ENDP END MAIN

27 ; ASTERIX2.ASM -- asterisco che si sposta in linea retta sullo schermo: ; quando l'asterisco raggiunge uno dei bordi, rimbalza all'indietro. DOSSEG.MODEL TINY.DATA ASTERIX DW 0 ;posizione relativa dell'asterisco nella memoria video ROW DW 0 ;numero di riga dello schermo dove giace l'asterisco. INC_ROW DW 1 ;differenza dalla riga successiva. COL DW 0 ;numero di colonna dello schermo dove giace l'asterisco. INC_COL DW 1 ;differenza dalla colonna successiva. OLD_ISR DW 0,0 ;vecchio vettore d'interruzione con codice 1Ch..CODE ORG 100h MAIN: AX,3 ;richiede al BIOS di impostare lo schermo in modalit INT 10h ;testo con 25 righe ed 80 colonne e di cancellarlo. AX,351Ch ;leggi il vecchio vettore d interruzione con INT 21h ;codice 1Ch. OLD_ISR,BX ;salva il vecchio vettore d interruzione con OLD_ISR+2,ES ;codice 1Ch. DX,OFFSET ISR1C ;scrivi il nuovo vettore d interruzione con AX,251Ch ; codice 1Ch. INT 21h CICLO_DI_ATTESA: AH,0 ;richiama il servizio del BIOS di INT 16H ;acquisizione carattere da tastiera. CMP AL,27 ;se il carattere acquisito non Š l'escape, JNZ CICLO_DI_ATTESA ;ritorna in attesa di un nuovo carattere. DX,OLD_ISR ;ripristina il vecchio vettore d interruzione DS,OLD_ISR+2 ;con codice 1Ch. AX,251Ch INT 21h INT 20H ;termina l'esecuzione restituendo il controllo al DOS.

28 ; Routine di servizio delle interruzioni con codice 1Ch: ISR1C PROC PUSH AX PUSH BX PUSH DS PUSH ES AX,CS DS,AX ;DS punta al segmento dei dati. AX,0B800H ES,AX ;ES punta alla memoria video. BX,ASTERIX ;BX punta alla posizione dell'asterisco. ES:BYTE PTR [BX],20H ;cancella l'asterisco dallo schermo. ; Calcola la nuova posizione dell'asterisco sullo schermo: ADD CMP JNZ NEG JMP1: CMP JNZ NEG JMP2: ADD CMP JNZ NEG JMP3: CMP JNZ NEG JMP4: SHL SHL ADD SHL SHL SHL SHL ADD SHL AX,ROW AX,INC_ROW AX,0 JMP1 INC_ROW AX,24 JMP2 INC_ROW ROW,AX AX,COL AX,INC_COL AX,0 JMP3 INC_COL AX,79 JMP4 INC_COL COL,AX BX,ROW BX,1 BX,1 BX,ROW BX,1 BX,1 BX,1 BX,1 BX,COL BX,1 ; aggiorna la posizione dell'asterisco e lo fa riapparire sullo schermo. ASTERIX,BX ES:BYTE PTR [BX],'*' ; POP ES POP DS POP BX POP AX IRET ISR1C ENDP END MAIN

29 ; SCANCODE.ASM: visualizzazione dei codici di scansione generati ; dalla tastiera di un personal computer. TITLE SCANCODE.MODEL TINY.DATA.CODE ORG 100H INIZIO: ; salva il vettore d'interruzione con codice 09h nella ; posizione 60h della tabella dei vettori d'interruzione INT INT AX,3509H 21H DX,BX AX,ES DS,AX AX,2560H 21H ; copia nella posizione 09h della tabella dei vettori d'interruzione l'in- ; dirizzo della nuova routine di gestione delle interruzioni con codice 9 INT DX,OFFSET NEWISR9 AX,CS DS,AX AX,2509H 21H ; ciclo d'attesa della pressione del tasto ESCAPE CICLO: AH,7 INT 21H CMP AL,27 JNE CICLO ; ripristina il vettore delle interruzioni con codice 9 del DOS INT INT AX,3560H 21H DX,BX AX,ES DS,AX AX,2509H 21H ; termina l'esecuzione del programma INT 20H

30 ; nuova routine di gestione delle interruzioni con codice 9 NEWISR9: INT 60H PUSH AX PUSH BX PUSH CX PUSH DX IN CALL INT INT AL,60H AH,0 VISUALIZZA AX,0E20H BX,0 10H AX,0E20H BX,0 10H POP DX POP CX POP BX POP AX IRET ; procedura che visualizza il contenuto del registro AX VISUALIZZA: DX,0 BX,10 DIV BX CMP AX,0 JE VISUA PUSH DX CALL VISUALIZZA POP DX VISUA: AX,0E30H ADD AL,DL BX,0 INT 10H RET END INIZIO

31 ; ORGANO.ASM: Simulazione di un organo elettronico su PC IBM. La pressione ; di alcuni tasti sulla tastiera del PC provoca l emissione di ; un suono di frequenza corrispondente ad una nota musicale. TITLE ORGANO.MODEL TINY.DATA ; Frequenza in Hertz delle principali note della scala muscale: DO EQU 262 ;DO = Hz RE EQU 293 ;RE = Hz MI EQU 330 ;MI = Hz FA EQU 349 ;FA = Hz SOL EQU 392 ;SOL= Hz LA EQU 440 ;LA = Hz Sl EQU 494 ;SI = Hz F_NOTA DW DO,RE,MI,FA,SOL,LA,Sl ;tabella delle frequenze note. ; Codici di scansione dei tasti associati alle note musicali: ZZ EQU 2CH ;codice di scansione del tasto Z XX EQU 2DH ;codice di scansione del tasto X CC EQU 2EH ;codice di scansione del tasto C VV EQU 2FH ;codice di scansione del tasto V BB EQU 30H ;codice di scansione del tasto B NN EQU 31H ;codice di scansione del tasto N MM EQU 32H ;codice di scansione del tasto M TASTO DB ZZ,XX,CC,VV,BB,NN,MM ;nomi dei tasti associati..code ORG 100H INIZIO: ; salva il vettore d'interruzione con codice 09h nella ; posizione 60h della tabella dei vettori d'interruzione AX,3509H INT 21H DX,BX AX,ES DS,AX AX,2560H INT 21H ; copia nella posizione 09h della tabella dei vettori d'interruzione l'in- ; dirizzo della nuova routine di gestione delle interruzioni con codice 9 DX,OFFSET NEWISR9 AX,CS DS,AX AX,2509H INT 21H ; ciclo d'attesa della pressione del tasto ESCAPE CICLO: AH,1 INT 21H CMP AL,27 JNE CICLO

32 ; ripristina il vettore delle interruzioni con codice 9 del DOS AX,3560H INT 21H DX,BX AX,ES DS,AX AX,2509H INT 21H ; disabilita il funzionamento dell'altoparlante IN AL,61H AND AL,0FCH OUT 61H,AL ; termina l'esecuzione del programma e restituisce il controllo al DOS INT 20H ; nuova routine di gestione delle interruzioni con codice 9 NEWISR9: INT 60H ;esegui la routine di gestione delle inter- ;ruzioni generate dalla tastiera del BIOS. PUSH AX PUSH BX PUSH CX PUSH DX PUSH DS AX,CS DS,AX ; leggi il codice di scansione del tasto premuto/rilasciato IN AL,60H CMP AL,128 JB SOUND ; se il tasto è stato rilasciato, disabilita l'altoparlante IN AL,61H AND AL,0FCH OUT 61H,AL JMP FINE ; calcola l'indice della nota associata al tasto SOUND: BX,0 RICERCA: CMP AL,TASTO [BX] JE TROVATO INC BX CMP BX,7 JB RICERCA JMP FINE ; Calcola DX = / frequenza del suono dell altoparlante TROVATO: ADD BX,BX ;BX = BX * 2 DX,18 ;DX = DIV 2^16 AX,13534 ;AX = MOD 2^16 DIV F_NOTA [BX] ;AX = DIV frequenza del suono DX,AX ;DX = AX

33 ; imposta la frequenza del suono dell altoparlante AL,0B6H OUT 43H,AL AX,DX OUT 42H,AL AL,AH OUT 42H,AL ; abilita il funzionamento dell'altoparlante IN AL,61H OR AL,03H OUT 61H,AL ; sequenza di rientro al programma interrotto FINE: POP DS POP DX POP CX POP BX POP AX IRET END INIZIO

34 Rispondere alle seguenti domande: 1 ) Scrivere la sintassi completa dell istruzione MULTIPLY. MUL sorg sorg = R 8 R 16 BYTE M WORD M 2 ) Quale operazione è rappresentata dall istruzione MUL BX? AX = AX * BX mod 2^16 DX = AX * BX div 2^16 3 ) Scrivere la sintassi completa dell istruzione DIVIDE. DIV sorg sorg = R 8 R 16 BYTE M WORD M 10 ) Scrivere la sintassi completa dell istruzione OUTPUT. OUT porta,sorg porta = cost DX; sorg = AL AX 11 ) Quale operazione è rappresentata dall istruzione OUT 61H,AL? La copia del contenuto del registro AL sulle linee della porta d indirizzo (61) ) Scrivere la sintassi completa dell istruzione INTERRUPT. INT cost (cost) 16 < ) Quale operazione è rappresentata dall istruzione DIV BX? AX = (AX + DX * 2^16) div BX DX = (AX + DX * 2^16) mod BX 5 ) Quale sequenza d operazioni è rappresentata dall istruzione SB se DF = 0? BYTE[ES:DI] = BYTE[DS:SI] DI = DI + 1; SI = SI ) Quale sequenza d operazioni è rappresentata dall istruzione SW se DF = 1? WORD[ES:DI] = WORD[DS:SI] DI = DI - 2; SI = SI ) A cosa serve il prefisso REP? A ripetere CX volte un istruzione di manipolazione stringhe. 8 ) Scrivere la sintassi completa dell istruzione INPUT. IN dest,porta dest = AL AX; porta = cost DX 13 ) Quale sequenza d operazioni è rappresentata dall istruzione INT 21H? 1: push(flags) 2: push(cs) 3: push(ip) 4: IF = 0, TF = 0 5: IP = WORD[84h] 6: CS = WORD[86h] 14 ) Quale sequenza d operazioni è rappresentata dall istruzione IRET? 1: pop(ip) 2: pop(cs) 3: pop(flags) 15 ) Quali sono le principali operazioni svolte da una routine di servizio delle interruzioni? 1 : salvare il contenuto dei registri usati; 2 : eseguire il servizio dell interruzione; 3 : ripristinare il contenuto dei registri usati. 16 ) Quali sono i parametri d ingresso e d uscita del servizio DOS get interrupt vector? 9 ) Quale operazione è rappresentata dall istruzione IN AL,60H? La copia in AL del valore delle linee della porta d indirizzo (60) 16. In ingresso: AH = 35h, AL = codice interruzione. In uscita: (ES:BX) = indirizzo della routine di servizio interruzioni con codice AL.

35 17 ) Quali sono i parametri d ingresso e uscita del servizio DOS set interrupt vector? In ingresso: AH = 25h AL = codice interruzione, (DS:DX) = indirizzo della routine di servizio interruzioni con codice AL. In uscita: nessun parametro. Alla tastiera. 25 ) Che cos è il sistema operativo di un sistema per l elaborazione dell informazione? E un insieme di procedure e programmi che gestiscono le risorse del sistema permettendo agli altri programmi di accedervi in modo semplice, efficiente ed affidabile. 18 ) Quando si verifica un interruzione hardware interna per errore di divisione? In seguito ad una divisione per zero o se il quoziente di una divisione non è rappresentabile nell operando di destinazione. 19 ) Quando si verifica un interruzione hardware interna per modalità passopasso? Al termine di ogni istruzione se prima della sua esecuzione il flag TF vale uno. 20 ) Quando si verifica un interruzione hardware esterna non mascherabile? Quando il segnale sulla linea di controllo NMI passa da livello basso a livello alto. 21 ) Quando si verifica un interruzione hardware esterna mascherabile? Quando il segnale sulla linea di controllo INTR è a livello alto ed il flag IF vale uno. 22 ) Da dove viene letto il codice di una interruzione hardware esterna mascherabile? Dalle otto linee dati meno significative del bus di sistema. 23 ) A quale dispositivo corrisponde il codice d interruzione numero otto? Al timer di sistema. 24 ) A quale dispositivo corrisponde il codice d interruzione numero nove? 26 ) Che cos è la multiprogrammazione? E una tecnica che consente di eseguire più programmi contemporaneamente. 27 ) Che cos è la memoria virtuale? E un area di memoria ausiliaria che simula il funzionamento della memoria centrale. 28 ) Che cos è lo spooling? E una tecnica di gestione delle unità periferiche. 29 ) Qual è la principale caratteristica di un sistema operativo real time? Garantire un tempo di risposta limitato ad ogni richiesta di servizio e/o interruzione. 30 ) Qual è la principale caratteristica di un sistema operativo interattivo? Permettere agli utenti d interagire direttamente con il sistema informatico. 31 ) Qual è la principale caratteristica di un sistema operativo batch? Minimizzare i tempi d inattività dell unità centrale. 32 ) Quali sono i principali componenti di un sistema operativo? Il nucleo, le librerie di procedure di sistema ed i programmi di sistema.